生化教材(川大)计算题.docx

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1、第3章糖类的化学5 .解:设(X-D-甘露糖的比例是a则P的比例是1-a则29.3a+(-16.3)(1-a)=14.5a=67.5%1-a=32.5%-D-甘露糖的比率是67.5%-D-甘露糖的比率是32.5%6 .解：数据不对7 .(3)解：设蔗糖的总量为1,水解生成的葡萄糖比例=水解生成的果糖比例为X,贝IJ66.5(1-x)+52.5x+(-92)x=0x=62.7%则有62.7%的蔗糖被水解8 .解：(1)葡萄糖残基的相对分子量是162,则N残基=IX1O6/162=6173即1分子支链淀粉含有6173个葡萄糖残基(2)分支点残基占全部残基的.8%,则N分支点=6173x.8%=72

2、8(3)支链淀粉的糖昔键为(1-4)糖昔键，分支处的糖昔键为(X(IT6)糖昔键，即主链提供C6的一OH,支链提供CI的半缩醛羟基，则支链的末端为非还原端，由可知分支点的残基数为728,则非还原末端的残基数=分支点的残基数+1=7299 .解：一个葡萄糖的环状结构含5个一OH,即C1.2.3.4.6,其中C1为半缩醛羟基，具还原性。m=32.4mgM=162gmo1n=32.4162IOOO=0.210-3mo1=200mo1(1)支链淀粉经甲基化后水解的产物为：2,3,4,6-四甲基葡萄糖12,3,6-四甲基葡萄糖2,3,6-四甲基葡萄糖2,3-四甲基葡萄糖2 ,3,4,6-四甲基葡萄糖为支

3、链末端，即非还原端的残基，其含量为10mo1,比分之点的残基数多1个，2,3-四甲基葡萄糖为分之点的残基，则2,3-四甲基葡萄糖的含量为10mo1(忽略一个残基)；1,2,3,6-四甲基葡萄糖为还原端残基，只有1个；2,3,6-四甲基葡萄糖为链中的残基=200mo1-20mo1=180mo1(忽略主链首尾的2个残基)(2)通过1-6糖背键相连的残基为分支点的残基，即2,3-四甲基葡萄糖加一个2,3,6-四甲基葡萄糖，即两个残基，则通过1-6糖背键相连的残基的百分数是20mo1200mo1=10%(3)总的残基数=1.2x106/162=7407由(1)问可知，分支点残基为2,3-四甲基葡萄糖为

4、分之点的残基，其含量为10mo1,占总含量的1/20则分支点残基数=74071/20=370第4章脂类和生物膜化学3 .计算一软脂酰二硬脂酰甘油酯的皂化值。解：皂化值为完全皂化Ig油脂所需的KOHmg数，皂化Imo1油脂需要3mo1K0H,则假设用3mo1的KOH皂化了Imo1的油脂推导得知：皂化值=3XMkoh127)M样品Xn样品m/n样品=5则1分子三脂酰甘油平均含有个5双键第5章蛋白质化学2：PH=PKa+Ig质子受体/质子供体9.5=10.5+1g(-NH2)(-NH+3)1g(-NH2)(-NH+3)=-1(-NH2)(-NH+3)=0.1BP-NH2和-NH+3在溶液中的比值为1

5、：105:A+OHA-PH=PKa+1gA7A+-io.4=9.7+O.O1(1.O68Mr)-O.O1Mr=89此氨基酸为甘氨酸6：PH=PK+1gR+R+-PH=PK2+IgR+VR+1+21gR+R+=O即R+R+=11-2pk1-pk2=1g(R+)2(R+)2-2.06=2IgR+VR+即R+R+=0.97:A+H+A+反应前10.3O反应后10.3O0.3PH=PKi+1gA+7A+=2.34+1g0.70.3=2.708A+OHA-反应前10.30反应后10.300.3PH=PK2+IgAVA+-=9.60+1g0.30.7=9.23210:浓溶液中铝的含量10.5610695.

6、94=1.110-7mo1m1其溶液的吸光度为50X0.375=18.75A=C1C=18.751.5=1.2510-2gm1最小分子量是含Imo1铝的E的数量Mr=I2.5义IO/JXiq-7=i13600I1i1eu的分子质量为131,Trp为204所以1eu与Trp的分子质量比为(58.1X10-3131)/(36.2103204)=52所以该分子中至少含有5个1eu,2个TrpMr=(5131)/(58.110-3)=11290或Mr=(204X2)/(36.2义1()-3)=28212:已知螺旋为0.15nm,B折叠为0.35nm,氨基酸的平均相对分子量为IOOo该蛋白分子量为250

7、00O所以氨基酸个数为2500个。假设有螺旋X个，则B折叠为2500X0.15x+0.35(2500x)=550x=1750螺旋1750个，则B折叠为750个第6章核酸化学3：设其纯度为a贝Jc=(500a50)X0.1=0.1amgm1C二(MrXA26)/10.1a=(3401.29/(6.65W31cm)a=65.95X10-2=65.95%4:B-DNA每一螺旋有10对碱基，假设有n个螺旋。M总=IOX618Xnn=4854个第7章酶学2 .我们定，在最适条件下，每小时分解Ig淀粉的酶量为一个活力单位，则5min分解0.25淀粉所含的活力单位为：0.25/(5/60)=3U则每克酶制剂

8、所含的淀粉酶活力单位为(3/0.5)*1000=6000U所以每克酶制剂所含的淀粉酶活力单位数为6000个单位3 .(1)ImI酶液中所含蛋白质量为(0.2mg2m1)16%=0.625mg活力单位为：(1500微克/6Omin)0.1m1=250U(2) 比活力活力单位数/酶蛋白毫克数=250U(25mg25m1*1m1)=250Umg所以比活力为250Umg(3) 由以上两问得知，Im1酶液即Img酶制剂含0.625mg酶所以，Ig酶制剂中含蛋白量为1000*0.625mg=625mg总活力：250*1000=2.5*1()5u4.根据米氏方程V=Tm噌Km十aS=4Km时，V=49XKm

9、=4/5VmaXS=5Km时，V=5%Km=5/6VmaX1in-eweaver-Burk作图法，纵轴截距为1Vma横轴截距为-1Km斜率为Kmvmax(1)无抑制剂时：公式为y=0.9331x+0.1257Y=0,x=-0.1257/0.9331Km7.4mmo1/1X=0,y=0.1257VmaX=7.96*1()3UmoImg.min有抑制剂时：公式为y=1.1691x+0.1567Y=0,x=-0.15671.1691Km77.4mmo1/1X=0,y=0.1567Vmax=6.38*103mo1/mg.min(3)由图及计算知，抑制前后相比，Km不变，VmaX变小该抑制剂为非竞争性抑

10、制剂注：由于做图时取点小数有省略，所以公式计算稍有偏差6.最后纯化后比活力=总活力/总蛋白=19612=16.33Umg活力回收率=最后总活力/最初总活力100%=19612650100%=1.55%纯化倍数=最后比活力/最初比活力=16.33/(12650/18620尸24倍第10章生物氧化2.在由磷酸葡萄糖变位酶催化的反应G1PG6P中，在pH7.0,25下，起始时G-I-P为0.020mo11,平衡时G-1-P为0.001mo11,求AG。，值。答：当反应平衡时G=O,Go,=-RT1nKe=-RT1gKe=-2.3038.3152981gKe二一57061g黑3=-7296.57J/m

11、o13 .当反应ATP+H2OADP+Pi在25C时，测得ATP水解的平衡常数为250000,而在37时，测得ATP、ADP、和Pi的浓度分别为O.002、0.005、和0.005mo11o求在此条件下ATP水解的自由能变化。答：25时，当反应达到平衡时，G=O,Go,=-2.3038.315298IgKeqz=-30800.65J/mo1当37时，AG=AG0+RT1nKe=-30800.65+5706(-1.9)=-19941.61J/mo14 .标准条件下，氧化还原反应能自发进行的方向为AG。0,G,负值越大，Eo,正值越大，则反应的自发方向越大。标准电位均可由书上P248查得(1)丙酮

12、酸/乳酸标准电位一NAD+/NADH标准电位=-0.19-(-0.32)=0.13反应可以进行(2)琥珀酸/a-酮戊二酸+C02标准电位一NAD+/NADH标准电位=-0.67-(-0.32)=-0.34反应不可以进行(3)延胡索酸/琥珀酸标准电位一乙酸/乙醛标准电位=-0.03-(-0.58)=0.55反应可以进行(4)丙酮酸/乳酸标准电位一乙酰乙酸/B-羟丁酸标准电位=-0.19-(-0.34)=0.15反应可以进行(5)丙酮酸/乳酸标准电位一草酰乙酸/苹果酸标准电位=-0.19-(-0.17)=-0.02反应不可以进行5 .设ATP(相对分子量510)合成，Goz=41.84kjmo1,

13、NADH+H2O,Goz=一217.57kjmo1,成人基本代谢为每天10460kjo问成人每天体内大约可合成多少(kg)ATP?答：根据题意，NADH转换量为10460217.57=48.076mo1每mo1NADH可生产3mo1ATP,所以ATP量=3X48.076X510=73557g=73.557kg第U章糖分解代谢1 .M蔗糖=342,n=1710342=5mo1蔗糖一葡萄糖+果糖葡萄糖一EMP一丙酮酸一TCA果糖一磷酸果糖(消耗一个ATP)-1.6-二磷酸果糖(消耗一个ATP)-EMP-TCA综上，ImO1蔗糖产生36(38)*2=72(76),5mo1蔗糖则产生72(76)*5=360(380)mo1ATP02 .答：40%2ATP2NADH2NADH淀粉葡萄糖1A2丙酮酸二2乙醛A?醇(5吨)(2吨)干9WT2*106180mo12*10290%1802*104mo1故生成乙醇46*2*1(=9.2*1()5克,9.2*17.789=11.66*105m1=1.166*1031酵母菌从中获得能量2*14*2=4*101oiATP2) .答：1)17(18)ATP3) 4mo14.(1)棉籽糖一半乳糖35(37)+葡萄糖36(38)+果糖36(38)(2) 38(40)(3) 15FADH2(2)NADH(3)NADH(3)(4