1 动 量公开课教案教学设计课件资料.docx

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1、1动量课时训练基础巩固练题组1对动量的理解1下列关于动量的说法中正确的是（C）.物体的动量改变,其速度大小一定改变B.物体的动量改变,其速度方向一定改变C.物体的运动状态改变,其动量一定改变D.物体运动速度的大小不变,其动量一定不变解析:动量是矢量,动量的方向改变也是动量改变,如做匀速圆周运动的物体,其速度大小不变,动量时刻改变,故A错误;物体的动量改变，可能是大小的改变,如做自由落体运动的物体,动量不断增大,动量方向和速度方向都不变,故B错误;物体的运动状态改变,说明速度改变,故其动量mv一定改变,可能是速度的方向改变,也可能是速度的大小改变,还有可能是速度的大小和方向同时改变,故C正确,D

2、错误。2 .（2023温州期中）一个物体从某高处由静止下落,设其所受的空气阻力恒定，当它下落h时,动量大小为p1,下落2h时,动量大小为p2,那么Pi：P2为（B）.1：2B.1：2C.1：3D.1：4解析:物体受到重力和空气阻力,做匀加速直线运动,根据运动学公式v2-v02=2ax得,物体下落h和2h时分别有u/二2ah,功?二2aX2h,则得v1:V2=II2,而动量p=mv,则得动量之比p1:p2=1:2,故B正确。3 ,关于动量，以下说法正确的是（D）A.做匀速圆周运动的质点,其动量不随时间发生变化B.悬线拉着的摆球在竖直面内摆动时，每次经过最低点时的动量均相同C.匀速直线飞行的巡航导

3、弹巡航时动量始终不变D.做平抛运动的质点在竖直方向上的动量与运动时间成正比解析:做匀速圆周运动的质点速度方向时刻变化,故动量时刻变化,故A项错误;摆球相邻两次经过最低点时动量方向相反,故B项错误;巡航导弹巡航时虽速度不变,但由于燃料不断燃烧（导弹中燃料占其总质量的一部分,不可忽略），从而使导弹总质量不断减小,动量减小,故C项错误;做平抛运动的质点在竖直方向上的分运动为自由落体运动，竖直方向的分动量p=mvy=mgt,故D项正确。4 .（多选）对于质量一定的物体,下列说法正确的是（BD）.如果物体运动的速度大小不变,物体的动量也保持不变B.运动的物体在任一时刻的动量方向一定是该时刻的速度方向C.

4、物体的动量发生改变,则合外力一定对物体做了功D.物体的动能发生改变,其动量一定发生改变解析:动量是矢量，只要速度方向发生变化,动量就会发生变化,故A错误;动量具有瞬时性,任一时刻物体动量的方向即为该时刻物体的速度方向,故B正确；当物体速度的方向改变而大小未变时,动量也发生了改变,但合外力对物体没有做功,故C错误;物体的动能发生改变,其速度大小一定改变,则动量一定改变,故D正确。题组2对动量变化的理解5 .在一场足球比赛中，质量为0.4kg的足球以15m/s的速率飞向球门，被守门员扑出后足球的速率变为20m/s,方向和原来的运动方向相反。在守门员将球扑出的过程中，足球动量的变化量为（C）.2kg

5、m/s,方向与足球原来的运动方向相同B. 2kgm/s,方向与足球原来的运动方向相反C. 14kgm/s,方向与足球原来的运动方向相反D. 14kgm/s,方向与足球原来的运动方向相同解析:设足球飞向球门的方向为正方向，被守门员扑出后，足球的速度为v=-20ms,则足球动量的变化量为mv,-mv=0.4X（-20-15）kgms=-14kgm/s,负号说明动量变化量的方向与足球原来的运动方向相反,C正确,A、B、D错误。6.如图所示,质量为m的足球在离地高h处时速度刚好水平向左,大小为V1,守门员此时用手握拳击球,使球以大小为V2的速度水平向右飞此手和球作用的时间极短,重力加速度为g,则（C）

6、.击球前后球的动量改变量的方向水平向左B.击球前后球的动量改变量的大小是mv2-mv1C.击球前后球的动量改变量的大小是mv2+mv1D.球离开手时的机械能不可能是mgh+mv12解析:规定水平向右为正方向,击球前球的动量P尸-InVI,击球后球的动量p2=mv2,击球前后球的动量改变量的大小是p=p2-p1=mv2+mv1,方向水平向右,故A、B错误,C正确;球离开手时的机械能为mghmv22,因V1与V2可能相等,则球离开手时的机械能可能是Ingh+加/,故D错误。7.关于质量一定的物体的动能、动量的关系，下列说法正确的是（C）.动能不变,动量一定不变B.动量变化,动能一定变化C.动量的变

7、化量为零,动能的变化量一定为零D.动能的变化量为零,动量的变化量一定为零解析:动能不变,可能是速度的大小不变,但是方向可能变化，则物体的动量不一定不变,例如做匀速圆周运动的物体,选项A错误;动量变化,动能不一定变化,例如做匀速圆周运动的物体,选项B错误;动量的变化量为零,即动量不变,则动能一定不变,即动能的变化量一定为零,选项C正确;动能的变化量为零,即速度大小不变,则动量的变化量不一定为零,例如做匀速圆周运动的物体,选项D错误。8.（多选）质量为2kg的小球自塔顶由静止开始下落,不考虑空气阻力的影响,g取IOnIs下列说法中正确的是（BD）.2s末小球的动能为40JB. 2s末小球的动量大小

8、为40kgm/sC. 2s内小球动量的变化量大小为20kgm/sD. 2s内重力的平均功率为200W解析:2S末小球的速度v=gt=20ms,则动能EkwmVj400J,A错误；2s末小球的动量大小p=mv=40kgms,B正确;2S内小球动量变化量的大小为40kgms,C错误;2S内重力的平均功率P=mg万二mgv二200W,D正确。能力提升练9.（2023温州期中）比赛用标准篮球充气后从1.80m处自由下落后弹起的高度范围应在1.20-1.40m之间。在某次检测时,篮球自离地面高1.8m处无初速度释放后反弹的最大高度为1.25m0该篮球的质量为0.6kg,忽略空气阻力的影响,g取10ms2

9、0则下列说法正确的是（B）.篮球与地面碰撞前后瞬间的动量变化量方向向下B.篮球与地面碰撞前后瞬间的动量变化量大小为6.6kgm/sC.从开始下落至反弹到最高点，整个过程篮球的机械能守恒D.从开始下落至反弹到最高点，整个过程合力对篮球所做的功为3.3J解析：取向下为正方向，由v2=2gh,可得落地前的速度V=2101.8ms=6m/s,反弹离开地面前的速度大小是v2=V2101.25m/s=5m/s,方向向上，即v2=-5ms,则有p=p2-p=mv2-mv1=-6.6kgm/s,负号表示方向向上，大小为6.6kgm/s,A错误,B正确;篮球反弹的最大高度小于初始高度,机械能有损失,机械能不守恒

10、,C错误；由动能定理可知,整个过程动能变化量为零,合力做功也为零,D错误。10.如图所示,足够长的水平粗糙面与半径为R的:圆弧在最低点C相连,两个长分别为2R和R的光滑斜面AC和BC先后固定于:圆弧处,均与水平面在C点平滑连接。质量为m的滑块1从斜面AC顶端由静止释放,质量为2m的滑块2从斜面BC顶端由静止释放,两滑块与水平面间的动摩擦因数相同。则（B）.滑块1、2在C点时的动能之比为2：1B.滑块1、2运动到C点所用时间之比为1：1C.滑块1、2在C点时的动量大小之比为1：1D.滑块1、2在CD上滑行的最大距离之比为1：2解析:滑块1运动斜面AC的倾角为0I,滑块2运动斜面BC的倾角为2,A

11、C长为立R、BC长为R,由几何关系可得0尸45,。2=30,则滑块1、2释放点与水平面之间的高度分别为h=Rsin450=R,hBC=Rsin30o-,由机械能守恒定律可知，到达C点时具有的动能Ek=mgR,Ek2=2mg=mgR,则滑块1、2在C点的动能之比为1：1,A错误;对滑块1,根据运动学知识可得R=%sin45oXt12,解得t1=2F27。对滑块2,根据运动学知识可得R=gsin30oXt22,解得t2=2E则运动的时间之比为1：1,B正确；由动能和动量的关系P二斤瓦;可知,在C点时滑块1、2的动量大小之比为1：,C错误;对滑块运动的整个过程运用动能定理有mgh-mgx=O-O,解

12、得x=J,由此可知滑行的最大距离与高度成正比，即滑块1、2在CD上滑行的最大距离之比为2：1,D错误。11.（2023杭州期中）（多选）蹦床运动可以简化为图示模型,A点为下端固定的竖直轻弹簧的自由端,B点为小球（视为质点）在弹簧上静止时的位置,将小球从A点正上方0.8m处由静止释放,一段时间后弹簧的自由端到达最低点C。已知弹簧的弹性势能ESkX2（x为弹簧的形变量），小球的质量为04kg,AB两点间的高度差为0.2m,弹簧始终在弹性限度内，重力加速度大小g取10ms2,不计空气阻力，则下列说法正确的是（AD）.弹簧的劲度系数为20N/mB.小球到达A点时的动量大小为0.8kgm/sC.弹簧的最

13、大压缩量为0.6mD.弹簧的最大弹性势能为6.4J解析:小球静止在B点时,有mg=kx,解得k=20N/m,选项A正确;根据动能定理有mgh=mv2-0,又p=mv,解得P=16kgm/s,选项B错误；设弹簧的最大压缩量为Xm,对小球和弹簧整体,在小球从开始运动至到达C点的过程中，根据机械能守恒定律有E1rng（h+x）根据功能关系有Em=kxm2,解得xm=0.8m,Em=6.4J,选项D正确,C错误。12.如图甲所示,在探究碰撞中的不变量时,在小车A的前端粘有橡皮泥,推动小车A使之做匀速运动,然后与原来静止在前方的小车B相碰并粘合,继续做匀速运动。在小车A后连着纸带，电磁打点计时器的电源频

14、率为50Hz0打点BA计时器纸带甲c27.24AB一1,25.2131.50乙长木板右端垫放小木片的作用是O若已测得打点纸带如图乙所示，并测得各计数点间距（已标在图上）。A为运动起始的第一点，则应选段来计算小车A的碰前速度,选段来计算小车A和B碰后的共同速度（以上两空均选填“AB”“BC”“CD”或“DE”）。（3）已测得小车A的质量m1=0.40kg,小车B的质量m2=0.20kg,由以上测量结果可得碰前mVm2v2=kgms,碰后m1v+m2v2,二kgmso（结果保留3位有效数字）解析：（1）长木板右端垫放小木片的作用是平衡摩擦力,确保系统所受合力为零。(2)根据碰撞原理可知,小车A在碰

15、撞前后都做匀速直线运动,而碰撞过程做变速运动，由纸带上的点迹分布可知,应选BC段来计算小车A的碰前速度,选DE段来计算小车A和B碰后的共同速度。(3)碰前小车的速度V1二誉=Ks：ms=3.15ms,碰前mV+m2v2=3/5XU.UZ0.40X3.15kgm/s0=1.26kgm/s;碰后共同速度v=v2/=285m/s=2.085ms,碰后hvj+m2v2,=(0.4+0.2)ST50.022.085kgms1.25kgms答案：平衡摩擦力BCDE(3)1.261.2513.某实验小组利用图甲中装置做“探究碰撞中的不变量”的实验。mm2OMPN(1)入射小球的质量叫二15g,原静止的被碰小球的质量叱二10g,由实验测得它们在碰撞前后水平方向的位移与时间图像如图乙所示,可知入射小球碰撞后的iv1,是kgms,入射小球碰撞前的mis是kgms,被碰小球碰撞后的m2v2,是kgms,由此得出结论O本实验中,必须要求的条件是O(多选)A.斜槽轨道必须是光滑的B.斜槽轨道末端的切线是水平的C.入射小