华东师范大学《计算机网络》20-期末-试卷及答案.docx

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1、华东师范大学期末考试试卷（A）20232023学年第一学期课程名称：计算机网络学生姓名：学号：专业：软件工程学院年级/班级：课程性质：公共必修、公共选修、专业必修、专业选修一二三四总分阅卷人签名注意：1、考试时间为120分钟，考试形式为：闭卷2、答案全部做在答题纸上3、考试完毕后，试卷和答题纸全部上交一、单项选择题（本大题共10小题，每小题2分，共20分）1 .TCP首部的接收窗口字段用于（D）oA.可靠传输B.窗口控制C.拥塞控制D.流量控制2 .形式为128.119.40.64/26的地址块最多能拥有（C）个主机。A.128B.64C.62D.1263 .以下协议中（C）能解决自治系统之间

2、的路由选择。.RIPB.OSPFC.BGPD.IGP4 .IP地址空间和MAC地址空间分别有多大：（B）oA.2,32,264B.232,2,48C.248,264D.232,21285 .给定一个5比特生成多项式10011,假设数据是1010100100,则CRC的值为（C）。A.OO11B.O11OC.O1O1D.10016 .网络地址端口转换（NAPT）协议中NAT路由器利用（C）区分不同的私有网络主机.IP地址B.MAC地址C.端口号D.前缀7 .IPv6地址12AB:OoOO:0000:CD30:OOOo:0000:0000:0000/60,可以表示成简写形式。下面的选项中，写法正确

3、的是（C）。.12AB:CD30:/60B.12AB:0:0:CD3/60C.12AB:0:0:CD30:/60D.12AB:CD3/608 .Ethernet采用的媒体访问控制方式是（D）A.令牌环B.令牌总线C.CSMA/CAD.CSMA/CD9 .计算机网络中，数据自底向上解封装的过程是（B）。A.数据-报文-分组-数据帧-比特流B.比特流-数据帧-分组-报文-数据C.数据-分组-报文-数据帧-比特流D.报文-分组-数据帧-比特流-数据10 .数据链路层采用后退N帧（G。-BaCk-N）协议，假设发送窗口Ws=7,若发送方已经发送了编号为06的帧，当计时器超时时，若发送方只收到0、2、3

4、号帧的确认，则发送方需要重发的帧序号是哪些？（B）.1,4,5,6B.4,5,6,C.1,2,3,4,5,6D.0,1,2,3二、填空题（本大题共5小题，每题2分，共10分）1 .假设主机A和主机B之间建立了一个TCP连接。当主机A向B发送数据时，其TCP报文头中的源端口号与目的端口号分别是IOo和1203,则B向A发送数据时，其源端口号与目的端口号分别是（1203）和（IOo）。2 .香农定理定义了有噪声信道的网络传输速率的理论极限值，假设S为信号功率，N为噪声功率，带宽为B（Hz）,则根据香农定理，最大数据传输速率（信道容量）为：（B*1og2（1+SN）bits/sec）3 .最常见的传

5、输层协议中，（UDP）不支持可靠传输，（TCP）能解决分组乱序到达的问题。4 .动态路由协议主要包括两大类：距离矢量路由协议和（链路状态路由协议）。其中距离矢量路由生成算法的典型代表是Be11man-Ford算法，而链路状态路由协议主要通过（Dijkstra算法/迪杰斯特拉算法）来生成最佳路由路径。5 .数据链路层分为（逻辑链路控制子层）和（介质访问控制子层）两个子层。三、分析计算题（本大题共4小题，每小题10分，共40分）1.一个TCP连接经历了下图所示的拥塞窗口变化，请回答以下问题：1234567891011121314151617传输轮次(RTTs)21209876432108(螂M卷)

6、口他辙集（1）指出该TCP连接属于拥塞避免阶段的时间间隔.（2分）（2）分别指出第9个传输轮次之后拥塞窗口变化的原因，以及第14个传输轮次之后拥塞窗口变化的原因。（2分）（3）第1、10、15个传输轮次里慢启动阈值（SSthreSh）的值分别为多少，并说明具体理由？（3分）（4）如果没有任何报文丢失，第19个传输轮次的拥塞窗口大小是多少？（3分）答案：（1）5,9,10,14。（每项1分，共2分）（2）第9个：通过三个冗余ACK检测到了报文的丢失。第14个：根据定时器超时检测到了报文的丢失。（每项1分，共2分）（3）第1个：16,因为拥塞窗IJ超过16个报文段以后进入了拥塞避免阶段。第10个：

7、10,因为遇到报文丢失时，SSthreSh由之前的拥塞窗口减半，20/2=10.第15个：7,因为遇到报文丢失时，SSthreSh由之前的拥塞窗口减半，14/2=7.（每项1分，共3分）（4）第18个传输轮次窗口为7,因为新的SSthreSh为7；第19个传输轮次窗口为8,因为进入了拥塞避免阶段。（3分）2.长度为2000位的数据帧，在数据传输速率为1Mbps、最大长度为1km的物理线路上传输。假设线路的单向传输延迟时间为99mskm,并分别采用StoP-ancHvait协议、Go-Back-N帧的滑动窗口协议、Se1ectiveRePeat的滑动窗口协议进行传输，假设数据帧的序列号为4位，确

8、认帧的发送时间忽略不计。请回答以下两个问题：（1）计算上述三种协议中发送者的发送窗口大小？（3分）（2）三种协议下物理通信线路可达到的最大利用率分别是多少？（7分）答案:（1）对应三种协议的窗口大小值分别是1、15（窗口大小为2-1）和8（窗口大小为2d,）（每个数值1分，共3分）（2）以IMb/s发送，200Obit长的帧的发送时间为2ms。IkiII的线路传输时延为99ms。用t=0表示传输开始的时间，那么在1=2ms时，第一帧发送完毕；t=2+99=101ms时，第一帧完全到达接收方；I=IO1+99=200InS时，对第一帧的确认帧完全到达发送方。因此一个发送周期为200ms。如果在2

9、00InS内可以发送k个帧，由于每一个帧的发送时间为2ms,则信道利用率为2k200,因此：（1） k=1,最大信道利用率=2/200=1%（2分）（2） k=15,最大信道利用率=30/200=15%（2分）（3） k=8,最大信道利用率=16/200=8%（2分）（每项2分，共6分。另外，计算过程分析1分。）3.如下图所示，假设网络192.168.10.0是一个EtherneI,对应的MTU值为1500字节;而网络192.168.20.0是一个PPP网络，对应的MTU值为512字节。请回答以下两个问题。HOStA.IP-192.168.10.10MAC：0000OOoo：00IP-1921

10、681020MAC：11111111（1）假设主机A发送一个报文给WebSerVer,其报文头的各字段值如下图所示。请问，路由器是否会对该报文进行分片？如果需要分片，请计算出分片数量，并给出每个分片的属性（包括分片大小、序列号、OffSet值、MF值）？如果不需要分片，请给出原因？（5分）Ver.H.IenToS1500123420TT1Upper1ayerHeaderChecksum192.168.10.10192.1682020（2）假设主机A又发送一个报文给Webserver,其报文头的各字段值如下图所示。请问，路由器是否会对该报文进行分片？如果需要分片，请计算出分片数量，并给出每个分片

11、的属性（包括分片大小、序列号、OffSet值、MF值）？如果不需要分片，请给出原因？（5分）Ver.H.IenToS5131234201Upper1ayerHeaderChecksum192.168.10.10192.168.20.20答案：（1）需要分片。（1分）512字节-20字节头=492字节，但是492字节mod81=0,所以取488字节作为分片后的IP报文数据域长度。分片后的每个报文长度为488+20=508字节。1480字节/488字节=4,所以需要4个分片，每个分片大小及序列号如下：Fragment1：分片大小为508字节（488字节数据域+20字节头），序列号为12342,Of

12、fSet为0,MFfIag为1Fragment2：分片大小为508字节（488字节数据域+20字节头），序列号为12342,OffSet为61,MFfIag为1；Fragment3：分片大小为508字节（488字节数据域+20字节头），序列号为12342,OffSet为122,MFfIag为1；Fragment4：分片大小为36字节（16字节数据域+20字节头），序列号为12342,OffSet为183,MFfIag为0；（每个1分，共4分）（2）不需要分片。（1分）理由：当R。Uter1收到该数据报文时，会对其TT1值减1。该数据报文的TT1将会变为0,所以，R。Uten将会直接丢弃到该报文

13、。不需要进行分片。（理由4分）4.某网络采用CSMA/CD协议，且链路速率为5Mbps。假设其最大传播时延（PropagationDe1ay）为TP=51.2us。为了能够实现冲突检测，请计算该网络数据帧的最小长度是多少？答案：CSMA/CD为了实现冲突检测，要求最小发送时延（TranSmiSSiOnde1ay）为传播时延（PropagationDe1ay）的至少2倍,即发送时延=2*Tp=2*512Us=102.4Us。（5分）由此可得，最小帧长度为：5Mbps*102.4US=512bits（或64bytes）。（5分）四、问答题（本大题共3小题，每题10分，共30分）1.请列举四种常见的

14、多路复用技术，并简要阐述其实现原理。答案：常见的多路复用技术包括：时分多路复用（TDM）频分多路复用（FDM）、波分多路复用（WDM）和码分多路复用（CDM）。（4分，每个1分）时分多路复用是以信道传输时间作为分割对象，通过为多个信道分配互不重叠的时间片段的方法来实现多路复用。时分多路复用将用于传输的时间划分为若干个时间片段，每个用户分得一个时间片。频分多路复用的基本原理是：如果每路信号以不同的载波频率进行调制，而且各个载波频率是完全独立的，即各个信道所占用的频带不相互重叠，相邻信道之间用“警戒频带”隔离，那么每个信道就能独立地传输一路信号。波分复用：同一根光纤内传输多路不用波长的光信号，以提

15、高单根光纤的传输能力。因为光通信的光源在光通信的“窗口”上只占用了很窄的一部分，还有很大的范围没有利用。码分多址是采用地址码和时间、频率共同区分信道的方式。CDMA的特征是每个用户有特定的地址码，而地址码之间相互具有正交性，因此各用户信息的发射信号在频率、时间和空间上都可能重叠，从而使有限的频率资源得到利用。（每个原理1.5分，共6分）2 .TCP进行链接建立时需要通过三次握手，请回答如下几个问题：（1）假设主机B收到一个从主机A发送过来的旧的SYN报文段，请求建立TCP连接。请说明三次握手过程中是如何识别该SYN是旧的，并拒绝此次建连请求的。（5分）（2）假设主机B收到一个从主机A发送过来的旧的SYN报文段，并紧跟一个从主机A发送过来的旧的对主机B发送的SYN报文段的确认ACK（即该ACK也是旧的）。该TCP连接请求是否会被拒绝？为什么？（5分）答案：（1）在三次握手建立连接过程中，双方必须确保选用的初始序列号是唯一的。（2分）如果主机B收到了一个从主机A发送过来的旧的SYN报文，主机B